杰克逊与JSON：无法识别的字段，未标记为可忽略
我需要将某个JSON字符串转换为Java对象。 我使用Jackson进行JSON处理。 我无法控制输入的JSON（我从Web服务中读取）。 这是我的输入JSON：
{"wrapper":[{"id":"13","name":"Fred"}]}
这是一个简化的用例：
private void tryReading() {
String jsonStr = "{"wrapper":[{"id":"13","name":"Fred"}]}";
ObjectMapper mapper = new ObjectMapper();
Wrapper wrapper = null;
try {
wrapper = mapper.readValue(jsonStr , Wrapper.class);
} catch (Exception e) {
e.printStackTrace();
}
System.out.println("wrapper = " + wrapper);
}
我的实体类是：
public Class Student {
private String name;
private String id;
//getters & setters for name & id here
}
我的包装类基本上是一个容器对象来获取我的学生列表：
public Class Wrapper {
private List<Student> students;
//getters & setters here
}
我不断收到这个错误，“包装器”返回null 。 我不知道缺少什么。 有人可以帮忙吗？
org.codehaus.jackson.map.exc.UnrecognizedPropertyException:
Unrecognized field "wrapper" (Class Wrapper), not marked as ignorable
at [Source: java.io.StringReader@1198891; line: 1, column: 13]
(through reference chain: Wrapper["wrapper"])
at org.codehaus.jackson.map.exc.UnrecognizedPropertyException
.from(UnrecognizedPropertyException.java:53)
您可以使用Jackson的课程级注释：
@JsonIgnoreProperties
它会忽略你在POJO中没有定义的每个属性。 当您只是在JSON中查找几个属性并且不想编写整个映射时非常有用。 杰克逊的网站更多信息。 如果你想忽略任何非声明属性，你应该写：
@JsonIgnoreProperties(ignoreUnknown = true)
您可以使用
ObjectMapper objectMapper = getObjectMapper();
objectMapper.configure(DeserializationFeature.FAIL_ON_UNKNOWN_PROPERTIES, false);
它将忽略所有未声明的属性。
第一个答案几乎是正确的，但是需要改变getter方法，而不是field - field是私人的（而不是自动检测的）。 进一步说，如果两者都可见，getter优先于字段（有些方法也可以使私有字段可见，但如果你想获得getter，则没有多少意义）
所以getter应该被命名为getWrapper() ，或者注释为：
@JsonProperty("wrapper")
如果您更喜欢getter方法名称。
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